「网络流 24 题」搭配飞行员-二分图最大匹配

飞行大队有若干个来自各地的驾驶员,专门驾驶一种型号的飞机,这种飞机每架有两个驾驶员,需一个正驾驶员和一个副驾驶员。由于种种原因,例如相互配合的问题,有些驾驶员不能在同一架飞机上飞行,问如何搭配驾驶员才能使出航的飞机最多。

因为驾驶工作分工严格,两个正驾驶员或两个副驾驶员都不能同机飞行。

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LOJ6000

题解

注意到这就是一个二分图匹配问题。

我们把左侧放置正飞行员( $1$ - $m$ ),右侧放置副飞行员( $m+1$ - $n$ ),然后在可以配对的正副飞行员之间连边,二分图最大匹配即为答案。

可以用网络最大流解决这个问题。

代码

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#include <bits/stdc++.h>
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;

const int MAXN = 110,MAXM = 110*110;

struct Edge{
int from,to;
int cap,flow;
int nex;
}edge[MAXM];
int fir[MAXN],ecnt = 2;
void addedge(int a,int b,int c){
edge[ecnt] = (Edge){a,b,c,0,fir[a]};fir[a] = ecnt++;
edge[ecnt] = (Edge){b,a,0,0,fir[b]};fir[b] = ecnt++;
}

int n,m,dis[MAXN];

bool bfs(int s,int t){
static queue<int> q;
memset(dis,0,sizeof(dis));while(!q.empty()) q.pop();
dis[s] = 1;q.push(s);
while(!q.empty()){
int x = q.front();q.pop();
for(int e = fir[x];e;e = edge[e].nex){
int v = edge[e].to;
if(!dis[v] && edge[e].cap > edge[e].flow){
dis[v] = dis[x]+1;q.push(v);
}
}
}
return dis[t];
}

int dfs(int x,int t,int limit = inf){
if(limit == 0 || x == t) return limit;
int sumf = 0;
for(int e = fir[x];e;e = edge[e].nex){
int v = edge[e].to;
if(dis[v] == dis[x] + 1 && edge[e].cap > edge[e].flow){
int f = dfs(v,t,min(edge[e].cap - edge[e].flow,limit));
if(f){
sumf += f,limit -= f;
edge[e].flow += f,edge[e^1].flow -= f;
}
if(limit == 0) break;
}
}
return sumf;
}

int dinic(int s,int t){
int ans = 0;
while(bfs(s,t)) ans += dfs(s,t);
return ans;
}

int w[MAXN][MAXN];

void init(){
scanf("%d %d",&n,&m);int a,b;
while(scanf("%d %d",&a,&b) == 2) w[a][b] = 1;
}

void solve(){
// 建图:每个飞行员一个点,正 1-> m ,副 m+1 -> n
int S = n+1,T = n+2;
for(int i = 1;i<=m;i++) addedge(S,i,1);
for(int i = 1;i<=m;i++)
for(int j = m+1;j<=n;j++) if(w[i][j] == 1)
addedge(i,j,1);
for(int j = m+1;j<=n;j++) addedge(j,T,1);
printf("%d\n",dinic(S,T));
}

int main(){
init();
solve();
return 0;
}

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